Cu(OH)2 + C2H4(OH)2 → [C2H4(OH)O]2Cu + H2O | ethylene glycol + Cu(OH)2.

Phản ứng Cu(OH)₂ + C₂H₄(OH)₂ hoặc ethylene glycol + Cu(OH)2 nằm trong loại phản xạ trao thay đổi đã và đang được cân đối đúng chuẩn và cụ thể nhất. Bên cạnh này là một số trong những bài xích luyện sở hữu tương quan về Cu(OH)₂ sở hữu lời nói giải, mời mọc chúng ta đón xem:

Cu(OH)₂ + 2C₂H₄(OH)₂ → [C₂H₄(OH)O]₂Cu + 2H₂O

Quảng cáo

1. Phương trình phản xạ ethylene glycol thuộc tính với Cu(OH)₂

2C₂H₄(OH)₂ + Cu(OH)₂ → [C₂H₄(OH)O)]₂Cu + 2H₂O

2. Điều khiếu nại phản xạ ethylene glycol thuộc tính với Cu(OH)₂

- Phản ứng ra mắt ở tức thì ĐK thông thường.

3. Hiện tượng của phản xạ ethylene glycol thuộc tính với Cu(OH)₂

- Cu(OH)₂ tan dần dần, sau phản xạ nhận được hỗn hợp làm nên màu xanh lơ lam đặc thù.

4. Cách tổ chức phản xạ ethylene glycol thuộc tính với Cu(OH)₂

- Cho vô ống thử 3 – 4 giọt hỗn hợp CuSO₄ 2% và 2 – 3 mL hỗn hợp NaOH 10%, rung lắc nhẹ nhàng.

- Tiếp tục nhỏ vô ống thử 3 – 4 giọt hỗn hợp ethylene glycol C₂H₄(OH)₂.

- Lắc nhẹ nhàng ống thử.

5. Mở rộng lớn về đặc thù hoá học tập của ancol

Trong phân tử ancol links C – OH, đặc trưng links O – H phân cực mạnh nên group – OH nhất là nguyên vẹn tử H dễ dẫn đến thay cho thế hoặc tách đi ra trong số phản xạ chất hóa học.

5.1. Phản ứng thế H của tập thể nhóm OH ancol (phản ứng đặc thù của ancol)

- Tính hóa học cộng đồng của ancol thuộc tính với sắt kẽm kim loại kiềm:

Ví dụ:

Quảng cáo

2CH₃CH₂OH + 2Na → 2CH₃CH₂ONa + H₂

Tổng quát:

+ Với ancol đơn chức:

2ROH + 2Na → 2RONa + H₂↑

+ Với ancol nhiều chức:

2R(OH)_x + 2xNa → 2R(ONa)_x + xH₂↑

- Tính hóa học đặc thù của glycerol hòa tan Cu(OH)₂

Ví dụ:

2C₃H₅(OH)₃ + Cu(OH)₂ → [C₃H₅(OH)₂O]₂Cu + 2H₂O

Không chỉ glycerol, những ancol nhiều chức sở hữu những group – OH ngay tắp lự kề cũng có thể có đặc thù này.

⇒ Phản ứng này dùng làm phân biệt ancol đơn chức với ancol nhiều chức sở hữu những group - OH cạnh nhau vô phân tử.

Quảng cáo

5.2. Phản ứng thế group OH

a) Phản ứng với axit vô cơ:

Ví dụ:

C₂H₅OH + HBr $\stackrel{t^o}{\to }$ C₂H₅Br + H₂O

Các ancol không giống cũng có thể có phản xạ tương tự động, phản xạ này minh chứng phân tử ancol sở hữu group – OH.

b) Phản ứng với ancol

Ví dụ:

2C₂H₅OH $\stackrel{{140}^{o}C,H_{2}S{O}_4}{\to }$ C₂H₅OC₂H₅ + H₂O

C₂H₅OC₂H₅: điEthyl ete

⇒ Công thức tính số ete tạo nên trở thành kể từ n ancol không giống nhau là $\frac{n(n+1)}{2}$

5.3. Phản ứng tách nước (phản ứng đehidrat hoá)

Ví dụ:

CH₃CH₂OH $\stackrel{{170}^{o}C,H_{2}S{O}_4}{\to }$CH₂ = CH₂ + H₂O

Trong ĐK tương tự động, những ancol no, đơn chức, mạch hở (trừ CH₃OH) hoàn toàn có thể bị tách nước tạo nên trở thành alkene. Tổng quát:

C_nH_{2n + 1}OH $\stackrel{{170}^{o}C,H_{2}S{O}_4}{\to }$ C_nH_2n + H₂O

Quảng cáo

5.4. Phản ứng oxi hoá

- Phản ứng oxi hoá trả toàn:

Khi bị châm những ancol cháy, lan nhiều sức nóng. Tổng quát tháo mang lại châm cháy ancol no, đơn chức, mạch hở:

C_nH_{2n + 2}O + $\frac{3n}{2}$O₂ $\stackrel{t^o}{\to }$ nCO₂ + (n + 1)H₂O

- Phản ứng oxi hoá ko trọn vẹn vị CuO, t^o

+ Các ancol bậc I bị lão hóa ko trọn vẹn tạo nên trở thành anđehit. Ví dụ:

CH₃CH₂OH + CuO $\stackrel{t^o}{\to }$ CH₃CHO _{(anđehit axetic)} + Cu + H₂O

+ Các ancol bậc II bị lão hóa ko trọn vẹn tạo nên trở thành ketone. Ví dụ:

CH₃- CH(OH) – CH₃ + CuO $\stackrel{t^o}{\to }$ CH₃ – CO – CH₃ + Cu + H₂O

+ Trong ĐK bên trên, ancol bậc III ko phản xạ.

6. Bài luyện áp dụng liên quan

Câu 1:Cho Na thuộc tính một vừa hai phải đầy đủ với một,24 gam lếu thích hợp 3 ancol đơn chức X, Y, Z thấy bay đi ra 0,336 lít khí H₂ (đkc). Khối lượng muối hạt natri ancolat nhận được là :

A. 2,4 gam.

B. 1,9 gam.

C. 2,85 gam.

D. 3,8 gam

Hướng dẫn giải:

Đáp án B

Số mol khí H_2­ = $\frac{\mathrm{0,336}}{\mathrm{22,4}}=\mathrm{0,015}mol.$

Đặt công thức phân tử tầm của tía ancol là $\overline{R}OH$.

Phương trình phản xạ :

2$\overline{R}OH$ + 2Na → 2$\overline{R}OH$ + H₂ (1)

mol: 0,03 $\leftarrow$ 0,015

Theo fake thiết, phương trình phản xạ (1), kết phù hợp với toan luật bảo toàn lượng tao có:

$m_{\overline{R}ONa}=m_{\overline{R}OH}+m_{Na}-m_{H_2}=$1,24 + 0,03.23 – 0,015.2 = 1,9 gam.

Câu 2:Cho 0,1 lít rượu cồn etylic 95^o thuộc tính với Na dư nhận được V lít khí H₂ (đktc). tường rằng ethyl alcohol nguyên vẹn hóa học sở hữu lượng riêng rẽ là 0,8 g/ml, lượng riêng rẽ của nước là một trong g/ml. Giá trị của V là

A. 43,23 lít.

B. 37 lít.

C. 18,5 lít.

D. 21,615 lít

Hướng dẫn giải:

Đáp án D

Trong 0,1 lít rượu cồn etylic 95^o có:

Số ml C₂H₅OH nguyên vẹn hóa học = 0,1.1000.0,95 = 95 ml; lượng C₂H₅OH nguyên vẹn hóa học = 95.0,8 = 76 gam; số mol C₂H₅OH = $\frac{76}{46}$ mol.

Số ml nước = 5 ml; lượng nước = 5.1 = 5 gam; số mol nước = $\frac{5}{18}$ mol.

Phương trình phản xạ của Na với hỗn hợp ancol :

2H₂O + 2Na → 2NaOH + H₂ (1)

2C₂H₅OH + 2Na → 2C₂H₅ONa + H₂ (2)

Theo phương trình (1), (2) và fake thiết tao sở hữu :

$n_{H_2}=\frac{1}{2}(n_{C_2{H}_{5}OH}+n_{H_{2}O})=\mathrm{21,615}$ lít.

Câu 3:Thực hiện tại phản xạ tách nước một rượu đơn chức X ở ĐK tương thích. Sau Lúc phản xạ xẩy ra trọn vẹn nhận được hóa học cơ học Y sở hữu tỉ khối so với X là 37/23. Công thức phân tử của X là

A. CH₃OH.

B. C₃H₇OH.

C. C₄H₉OH.

D. C₂H₅OH

Hướng dẫn giải:

Đáp án D

Vì $\frac{M_Y}{M_X}>1$ nên đấy là phản xạ tách nước tạo nên ete.

Đặt công thức phân tử của ancol X là ROH.

Phương trình phản xạ :

$2ROH\stackrel{}{\to }ROR+H_{2}O$

Y là ROR. Theo fake thiết tao sở hữu :

$\frac{M_Y}{M_X}=\frac{37}{23}\Rightarrow \frac{2R+16}{R+17}=\frac{37}{23}\Rightarrow R=29\Rightarrow R:C_2{H}_5-$

Vậy ancol X là C₂H₅OH.

Câu 4:Đun 132,8 gam lếu thích hợp 3 rượu no, đơn chức với H₂SO₄ đặc ở 140^oC nhận được lếu thích hợp những ete sở hữu số mol đều bằng nhau và sở hữu lượng là 111,2 gam. Số mol của từng ete vô lếu thích hợp là từng nào ?

A. 0,1 mol.

B. 0,15 mol.

C. 0,4 mol.

D. 0,2 mol

Hướng dẫn giải:

Đáp án D

Ta hiểu được cứ 3 loại rượu tách nước ở ĐK H₂SO₄ đặc, 140^oC thì tạo nên trở thành 6 loại ete và tách đi ra 6 phân tử H₂O.

Theo ĐLBTKL tao có

$m_{H_{2}O}=m_{r­îu}-m_{\text{ete}}=\mathrm{132,8}-\mathrm{11,2}=\mathrm{21,6}$ gam

=> $n_{H_{2}O}=\frac{\mathrm{21,6}}{18}=\mathrm{1,2}$mol.

Mặt không giống cứ nhị phân tử rượu thì dẫn đến một phân tử ete và một phân tử H₂O vì thế số mol H₂O luôn luôn ngay số mol ete, suy đi ra số mol từng ete là $\frac{\mathrm{1,2}}{6}=\mathrm{0,2}$mol.

Câu 5:Đun rét 7,8 gam một lếu thích hợp X bao gồm 2 rượu no, đơn chức sở hữu tỉ lệ thành phần mol là 3 : 1 với H₂SO₄ đặc ở 140^oC nhận được 6 gam lếu thích hợp Y bao gồm 3 ete. tường phản xạ xẩy ra trọn vẹn. CTPT của 2 rượu là

A. CH₃OH và C₂H₅OH.

B. C₂H₅OH và C₃H₇OH.

C. CH₃OH và C₃H₇OH

D. Cả A và C đều đúng

Hướng dẫn giải:

Đáp án C

Đặt công thức phân tử tầm của nhị ancol là $\overline{R}OH$

Phương trình phản xạ :

2$\overline{R}OH$$\stackrel{t^o,xt}{\to }$$\overline{R}O\overline{R}$ + H₂O (1)

sít dụng toan luật bảo toàn lượng tao sở hữu :

$m_{H_{2}O}=m_{\overline{R}OH}-m_{\overline{R}O\overline{R}}=\mathrm{1,8}gam\Rightarrow n_{\overline{R}OH}=2.n_{H_{2}O}=\mathrm{0,2}mol.$

$\Rightarrow \overline{R}+17=\frac{\mathrm{7,8}}{\mathrm{0,2}}=39gam/mol\Rightarrow \overline{R}=22\Rightarrow$phải sở hữu một ancol là CH₃OH, ancol còn sót lại là ROH.

+ Nếu $n_{C{H}_{3}OH}:n_{ROH}=1:3$ thì tao sở hữu :

$\frac{1.32+3.(R+17)}{4}=39\Rightarrow R=\mathrm{24,3}$(loại)

+ Nếu $n_{C{H}_{3}OH}:n_{ROH}=3:1$ thì tao sở hữu :

$\frac{3.32+1.(R+17)}{4}=39\Rightarrow R=43\Rightarrow$R là C₃H₇-

Câu 6:Đun rét lếu thích hợp nhị ancol đơn chức, mạch hở với H₂SO₄ đặc, nhận được lếu thích hợp bao gồm những ete. Lấy 7,2 gam một trong số ete cơ rước châm cháy trọn vẹn, nhận được 8,96 lít khí CO₂ (ở đktc) và 7,2 gam H₂O. Hai ancol cơ là

A. C₂H₅OH và CH₂=CHCH₂OH.

B. C₂H₅OH và CH₃OH

C. CH₃OH và C₃H₇OH.

D. CH₃OH và CH₂=CHCH₂OH

Hướng dẫn giải:

Đáp án D

Đốt cháy ete nhận được $n_{C{O}_2}=n_{H_{2}O}=\mathrm{0,4}mol$ nên suy đi ra ete sở hữu công thức phân tử là C_nH_2nO (ete ko no đơn chức, phân tử có một links song C=C). Vậy đáp án chỉ hoàn toàn có thể là A hoặc D.

Phương trình phản xạ :

C_nH_2nO + $\frac{3n-1}{2}$O₂ → nCO₂ + nH₂O (1)

mol : x → nx

Theo phương trình (1) và fake thiết tao sở hữu hệ :

$\left(\begin{array}{c}(14n+16)x=\mathrm{7,2}\\ nx=\mathrm{0,4}\end{array}\right)\Rightarrow \left(\begin{array}{c}x=\mathrm{0,1}\\ n=4\end{array}\right)$

Căn cứ vô những phương án tao thấy nhị ancol là CH₃OH và CH₂=CHCH₂OH.

Câu 7:Đun rét một rượu (ancol) đơn chức X với hỗn hợp HSO₄ đặc vô ĐK sức nóng chừng tương thích sinh đi ra hóa học cơ học Y, tỉ khối tương đối của X đối với Y là một trong,6428. Công thức phân tử của X là

A. C₃H₈O.

B. C₂H₆O.

C. CH₄O.

D. C₄H₈O

Hướng dẫn giải:

Đáp án B

Vì $\frac{M_X}{M_Y}>1$ nên đấy là phản xạ tách 1 phân tử nước từ là 1 phân tử ancol.

Gọi lượng phân tử của ancol X là M thì lượng phân tử của Y là M – 18.

Theo fake thiết tao sở hữu :

$\frac{M}{M-18}=\mathrm{1,6428}\Rightarrow M=46$. Vậy ancol X là C₂H₅OH.

Câu 8:Cho m gam một ancol (rượu) no, đơn chức X qua loa bình đựng CuO (dư), nung rét. Sau Lúc phản xạ trọn vẹn, lượng hóa học rắn vào trong bình tách 0,32 gam. Hỗn thích hợp tương đối nhận được sở hữu tỉ khối so với hiđro là 15,5. Giá trị của m là

A. 0,92.

B. 0,32.

C. 0,64.

D. 0,46

Hướng dẫn giải:

Đáp án A

Đặt công thức phân tử của ancol no, đơn chức X là : C_nH_{2n + 2}O

Phương trình phản xạ :

C_nH_{2n + 2}O + CuO $\stackrel{t^o}{\to }$C_nH_2nO + H₂O + Cu (1)

mol : x → x → x → x → x

Khối lượng hóa học rắn tách = m_CuO – m_Cu = 80x – 64x = 0,32 Þ x = 0,02

Hỗn thích hợp tương đối bao gồm C_nH_2nO và H₂O sở hữu lượng mol tầm là 15,5.2 = 31 và sở hữu số mol là 0,02.2 = 0,04 mol.

sít dụng toan luật bảo toàn lượng tao sở hữu :

$m_{{\text{C}}_{\text{n}}{\text{H}}_{\text{2n}+\text{2}}\text{O}}=\mathrm{0,02.64}+\mathrm{0,04.31}-\mathrm{0,02.80}=\mathrm{0,92}$gam.

Câu 9: Đốt cháy trọn vẹn 0,2 mol một ancol X no, mạch hở cần thiết một vừa hai phải đầy đủ 17,92 lít khí O₂ (ở đktc). Mặt không giống, nếu như mang lại 0,1 mol X thuộc tính một vừa hai phải đầy đủ với m gam Cu(OH)₂ thì tạo nên trở thành hỗn hợp làm nên màu xanh lơ lam. Giá trị của m và tên thường gọi của X ứng là

A. 9,8 và propan-1,2-điol.

B. 4,9 và propan-1,2-điol

C. 4,9 và propan-1,3-điol.

D. 4,9 và glycerol

Hướng dẫn giải:

Đáp án B

Đặt công thức phân tử của ancol no X là C_nH_2n+2O_x (x≤n).

Phương trình phản xạ :

C_nH_2n+2O_x + $\frac{\text{3n+1-x}}{\text{2}}$O₂ $\stackrel{{\text{t}}^{\text{o}}}{\to }$ nCO₂ + (n+1)H₂O (1)

mol : 0,2 → $\frac{\text{3n+1-x}}{\text{2}}$.0,2

Theo (1) và fake thiết tao sở hữu số mol của O₂ nhập cuộc phản xạ là :

$\frac{\text{3n+1-x}}{\text{2}}$.0,2 =$\frac{\mathrm{17,92}}{\mathrm{22,4}}=\mathrm{0,8}$=>$3n-x=7\Rightarrow \left(\begin{array}{c}x=2\\ n=3\end{array}\right)$

Vậy công thức phân tử của ancol X là C₃H₈O₂ hoặc C₃H₆(OH)₂. Vì X thuộc tính được với Cu(OH)₂ dẫn đến hỗn hợp màu xanh lá cây lam nên X cần sở hữu 2 group OH ngay tắp lự kề nhau, ancol X mang tên là propan-1,2-điol.

Phương trình phản xạ của propan-1,2-điol với Cu(OH)₂ :

2C₃H₆(OH)₂ + Cu(OH)₂ → [C₃H₆(OH)O]₂Cu + 2H_2­O (2)

mol: 0,1 → 0,05

Theo (2) và fake thiết tao thấy lượng Cu(OH)₂ phản xạ là :

$m_{Cu{\left(OH\right)}_2}=\mathrm{0,05.98}=\mathrm{4,9}gam.$

Câu 10: Khi châm cháy trọn vẹn m gam lếu thích hợp nhị ancol no, đơn chức, mạch hở nhận được V lít khí CO₂ (đktc) và a gam H_­2O. Biểu thức contact thân thiện m, a và V là :

A. $m=a-\frac{V}{\mathrm{5,6}}$.

B. $m=2a-\frac{V}{\mathrm{11,2}}$.

C. $m=2a-\frac{V}{\mathrm{22,4}}$.

D. $m=a+\frac{V}{\mathrm{5,6}}$.

Hướng dẫn giải:

Đáp án A

Vì những ancol là no đơn chức nên :

$n_{O\left(ancol\right)}=n_{ancol}=n_{H_{2}O}-n_{C{O}_2}=$$\frac{a}{18}-\frac{V}{\mathrm{22,4}}$

Áp dụng toan luật bảo toàn lượng tao sở hữu :

m = m_ancol = m_C + m_H + m_{O (ancol)} = $\frac{V}{\mathrm{22,4}}.12+\frac{a}{18}.2+(\frac{a}{18}-\frac{V}{\mathrm{22,4}}).16$

=> $m=a-\frac{V}{\mathrm{5,6}}$.

Câu 11: Đốt cháy trọn vẹn a gam lếu thích hợp nhị rượu no, đơn chức liên tục vô sản phẩm đồng đẳng nhận được 3,584 lít CO₂ ở đktc và 3,96gam H₂O. Tính a và xác lập CTPT của những rượu

A. 3,32 gam ; CH₃OH và C₂H₅OH.

B. 4,32 gam ; C₂H₅OH và C₃H₇OH

C. 2,32 gam ; C₃H₇OH và C₄H₉OH.

D. 3,32 gam ; C₂H₅OH và C₃H₇OH

Hướng dẫn giải:

Đáp án D

Gọi $\overline{n}$ là số nguyên vẹn tử C tầm và x là tổng số mol của nhị rượu.

C_nH_2n+1OH + $\frac{3\overline{n}}{2}{O}_2$ →$\overline{n}C{O}_2^{\uparrow }$ + $(\overline{n}+1)H_{2}O$

mol: x →$\overline{n}$x →$(\overline{n}+1)$x

$n_{C{O}_2}=\overline{n}.x=\frac{\mathrm{3,584}}{\mathrm{22,4}}=\mathrm{0,16}$ mol (1)

$n_{H_{2}O}=(\overline{n}+1)x=\frac{\mathrm{3,96}}{18}=\mathrm{0,22}$ mol (2)

Từ (1) và (2) giải đi ra x = 0,06 và $\overline{n}$ = 2,67.

Ta có: a = (14$\overline{n}$ + 18).x = (14.2,67) + 18.0,06 = 3,32gam.

$\overline{n}$ = 2,67=> nhị ancol là $\left(\begin{array}{c}{C}_2{H}_{5}OH\\ C_3{H}_{7}OH\end{array}\right)$

Xem thêm thắt những phương trình chất hóa học hoặc khác:

• Cu(OH)2 → CuO + H2O
• Cu(OH)2 + 2HCl → CuCl2 + H2O
• Cu(OH)2 + H2SO4 → CuSO4 + H2O
• Cu(OH)2 + 2HNO3 → Cu(NO3)2 + H2O
• Cu(OH)2 + 4NH3 → [Cu(NH3)4](OH)2
• Cu(OH)2 + CH3CHO → CH3COOH + Cu2O ↓ + H2O
• Cu(OH)2 + HCHO → HCOOH + Cu2O ↓ + H2O
• 2Cu(OH)2 + HCOOH → CO2 + Cu2O ↓ + 4H2O
• Cu(OH)2 + C3H5(OH)3 → [C3H5(OH)2O]2Cu
• Cu(OH)2 + C6H12O6 → [C6H11O6]2Cu + H2O
• Cu(OH)2 + C12H22O11 → [C12H21O11]2Cu + H2O
• Cu(OH)2 + CH3COOH → (CH3COO)2Cu + H2O

phuong-trinh-hoa-hoc-cua-dong-cu.jsp